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LTEの補題の証明

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LTEの補題の証明はいくつか知られているが今回自分が思いついた証明は少なくとも自分は見たことが無かったので紹介させていただきます(既出だったり嘘をついてたりしてたら教えていただけるとありがたいです.)

LTEの補題

奇素数p,xy0(modp)なる整数x,y,正整数nに対してvp(xnyn)=vp(xy)+vp(n)が成り立つ.

n=pk×m(mpと互いに素な整数)としよう.このときxpk×mypk×m=(xpkypk)t=0m1(xpk)t(ypk)m1t.

t=0m1(xpk)t(ypk)m1tpで割り切れないので結局npのべきの場合のみを考えればよいことがわかる.またk=0の時の成立は明らかであるのでk>0の場合を考える.k=1のとき,xpyp=(xy)t=0p1(xtyp1t)

vp(t=0p1(xtyp1t))=1を示せばよい.x,ypと互いに素であることをふまえるとt=0p1(xtyp1t)yp1t=0p1(xy1)t(modp2)

xy(modp2)のときt=0p1(xy1)tt=0p11tp(modp2)より従う.

xy(modp2)であるときある1以上p1未満の正整数mが存在してxy1mp+1(modp2)となること,二項定理より(mp+1)t=k=0t(mp)ktCkmtp+1(modp2)となることからt=0p1(xy1)tt=0p1mtp+1p+mpt=0p1tp(modp2)となるのでvp(xpyp)=vp(xy)+1がわかる.ここでn=pkのときに補題が成り立てばvp(xpk+1ypk+1)=vp((xpk)p(ypk)p)=vp(xpkypk)+1=vp(xy)+k+1となるので帰納的に任意のkについて補題は示され,それと同時に任意のnについても補題は示された.

結局npのべきになる場合に帰着されn=pの場合について考察した後に帰納法を回すという手法は他の多くの証明でも取られているがvp(t=0p1(xtyp1t))=1の示し方がすこし新しいかもしれない.読んでいただきありがとうございました.

投稿日:2024627
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W2TZMS
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初等整数論が好きです

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