今回はつぎの式を示します。
非負整数nと実数xに対してつぎの積分In(x)を考えます。
In(x)=∫0πsinxθsinnθdθ
但し、I0(x)=∫0πsinxθdθです。部分積分を実行すればn≧2で、x≠0のとき、
(n2−x2)In(x)=n(n−1)In−2(x)
です。よってn≧2で((2n)2−x2)((2n−1)2−x2)I2n(x)I2n−1(x)=(2n)(2n−1)2(2n−2)I2n−2(x)I2n−3(x)ここでfn(x)=πx∏k=1n(1−x2k2)とすると、f2n(x)2nI2n(x)I2n−1(x)=f2n−2(x)(2n−2)I2n−2(x)I2n−3(x)したがって、f2n(x)2nI2n(x)I2n−1(x)=2f2(x)I2(x)I1(x)∴f2n(x)nI2n(x)I2n−1(x)=πx1−x24(22−x2)I2(x)I1(x)=πx1−x22I0(x)I1(x)よってx∉{−1,0,1}のとき、I0(x)=∫0πsinxθdθ=[−cosxθx]0π=2sin2(πx2)xI1(x)=∫0πsinxθsinθdθ=12∫0π(cos((x−1)θ)−cos((x+1)θ))dθ=12[sin((x−1)θ)x−1−sin((x+1)θ)x+1]0π=sinπx1−x2より、
f2n(x)nI2n(x)I2n−1(x)=πsin2(πx2)sinπx
これはx∈{−1,0,1}のときも(両辺 0 になって)成立する。ここで、任意の実数xでlimn→∞nIn(x)=limn→∞n∫0πsinxθsinnθdθ=2πsin(πx2)なので、
(注)この式については前回の記事→ https://mathlog.info/articles/2691 をみてください。
limn→∞nI2n(x)I2n−1(x)=limn→∞1211−12n2nI2n(x)2n−1I2n−1(x)=12(2πsin(πx2))2=πsin2(πx2)よってx∉Zのとき、limn→∞f2n(x)=limn→∞πsin2(πx2)sinπxnI2n(x)I2n−1(x)=sinπxx∈Zのとき、明らかにlimn→∞f2n(x)=0なので、任意の実数xで、limn→∞f2n(x)=sinπxこれと、任意の実数xで、limn→∞f2n+1(x)=limn→∞f2n(x)(1−x2(2n+1)2)=sin(πx)(1−0)=sinπxよりlimn→∞fn(x)=sinπxすなわち
In(x)の代わりに∫0πsinhxθsinnθdθを考えればsinhの無限積表示もえられますね。最後まで読んでくださりありがとうございました。
バッチを贈ると投稿者に現金やAmazonのギフトカードが還元されます。