今回はこちらの積分botさんの積分を解説します。
https://twitter.com/integralsbot/status/1471498567898779649?s=21
I=∫−111+x1−xlog1+2x+2x21−2x+2x2dxx=∫011+x1−xlog1+2x+2x21−2x+2x2dxx+∫011−x1+xlog1+2x+2x21−2x+2x2dxx=2∫0111−x2log(1+x)2+x2(1−x)2+x2dxx=4Re∫0111−x2log1+(1+i)x1+(−1+i)xdxxI(ζ):=∫0111−x2log(1+ζx)dxx∂I(ζ)∂ζ=∫0π2dx1+ζsinx・=∫0111+ζ・2t1+t22dt1+t2=2∫01dt(t+ζ)2+(1−ζ2)=2π1−ζ2tan−11−ζ1−ζ2ここでtan−1の中身を約分しなかったのは、ζが複素変数であるためです。両辺ζについて積分してI(ζ)=−2(tan−11−ζ1−ζ2)2+C(積分定数は求まりますが、後で打ち消されるので気にしません。)また、ここから1±2i=ϕ±1ϕiを用います。これは倍角公式などから直ちに導けます。I=4Re(I(1+i)−I(−1+i))=8Re((tan−12−i1+2i)2−(tan−1−i1−2i)2)=8Re(tan−1−i(ϕ+1ϕi)2ϕ+1ϕi+tan−1−iϕ−1ϕi)(tan−1−i(ϕ+1ϕi)2ϕ+1ϕi−tan−1−iϕ−1ϕi)・=8Retan−1((1ϕ−ϕi)+(iϕ−1ϕi)1−(1ϕ−ϕi)(iϕ−1ϕi))・tan−1((1ϕ−ϕi)−(iϕ−1ϕi)1+(1ϕ−ϕi)(iϕ−1ϕi))=−8Retan−11ϕtan−1ϕi=8tan−11ϕRe12ilog1+ϕ1−ϕ=4tan−11ϕRe1ilog(1+ϕ)21−ϕ=4tan−11ϕRe1ilog−ϕ=4πtan−11ϕ
解説は以上になります。今回はlogの中身がわかりやすい形なので方針はすぐ立ちました。tan−1の計算は重かったですが、手応えのある命題で面白かったです。またこれの一般化も積分botさんが投稿しているので挑戦してみたいと思います。
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