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漸化式の話メモ

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こんにちは、itouです。
注:以下の内容は数値計算で得られた結果をもとにしています。厳密な証明はしていません。

唐突な導入

f,g,hを多項式として、
(1.0)f(n)an+1=g(n)an+h(n)an1という漸化式を考えます。
この漸化式を満たす一般項のもつ性質について解説します。

直交性

1.0の解は直交性をもつことがあります。

ヤコビ多項式 ヤコビ多項式
この式をヤコビ多項式といい、次の漸化式を満たします。
漸化式 漸化式
TEX打ちめんどくさかった
ヤコビ多項式は直交性をもつことが知られています。
ファヴァールの定理 というものがあり、1.0の解はパラメータxを導入すると直交多項式になるそうです(私はあんまり理解してないですが)

リーマンゼータ関数との関係

f(n)=(n+1)r,h(n)=cnr(cは定数)のとき、解はリーマンゼータ関数と密接なかかわりをもちます。
次のように同じ漸化式を2つ用意します。
(n+1)ran+1=g(n)ancnran1
(n+1)ran+1=g(n)ancnran1
ただし、an,anは初期条件が異なる、違う関数です。
それぞれにan,anをかけて辺辺引くと、
(n+1)r(an+1anan+1an)=cnr(anan1anan1)
(n+1)r(an+1anan+1an)=cn(a1a0a1a0)より、
n=0(an+1anan+1an)=n=1cn1(a1a0a1a0)nr

c=1のとき、右辺はリーマンゼータ値そのものですね。
例えばアペリーの数列an=k=0n(nk)2(n+kk)2(n+1)3an+1=(34n3+51n2+27n+5)ann3an1を満たします。

私が見つけた例

上のように1.0は良い性質を持っていますし、 この記事 のように積分ともかかわりがあったりします。いろいろと面白い性質をもっているので、一般的に解きたいのですが、力不足で全然解法がわからないです……なので解になりそうな関数をもってきて、その漸化式を導く、という方法で漸化式と解のセットの例をつくりました。

1.an=k=0n(n2k)(nk)2(n+1)2(3n2n6)an+1=n(n+1)(21n27n10)an+8n(n2)(3n2+5n4)an1を満たす。

2.an=k=0n(n3k)(nk)2(n+1)2(2n25n2)an+1=(14n421n38n2+5n+2)an+8n(n2)(2n2n5)an1を満たす。

3.an=k=0n(2kk)3(n+1)3an+1=(65n3+99n2+51n+9)an8(2n+1)3an1を満たす。

4.an=k=0n(2kk)6(n+1)6an+1=(17n2+18n+5)(241n4+468n3+338n2+108n+13)an64(2n+1)6an1を満たす。

5.an=k=0n(n+kk)22(n+1)2(2n+3)(21n+8)an+1=(1365n4+3943n3+3879n2+1605n+240)an4n(2n+1)2(21n+29)an1を満たす。

6.an=k=0n(3kk)(2kk)2(n+1)3an+1=(109n3+55n2+27n+13)an6(3n+1)(3n+2)(2n+1)an1を満たす。

7.an=k=0n(3kk)24(2n+1)2(n+1)2an+1=(745n4+1506n3+1105n2+348n+40)an9(3n+1)2(3n+2)2an1を満たす。

課題

1.リーマンゼータ関数と関係のある漸化式と解のセットを他に見つける
2.直交多項式となる解を、ヤコビ多項式以外に見つける
3.解の積分表示を一般に求める
今後はこれらの課題に取り組みます。

謝辞

読んで下さりありがとうございました。誤植指摘お願いいたします。

投稿日:20231029
更新日:202461
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itou
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