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好きな要素を入れてオリジナルの環を作ろう!(多項式環の剰余環の気持ち)

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はじめに

体の同型CR[x]/(x2+1)はよく知られています.この右辺R[x]/(x2+1)は多項式環R[x]をイデアル(x2+1)で割ったものなわけですが,気持ち的には次のような環になっています:

Rの元や変数xの和差積で表せる元の集まりだよ.
計算は多項式環R[x]と同じように行うよ.
ただし,x2+1を見かけたら0とみなすこと.

R[x]/(x2+1)の「/(x2+1)」の部分は,x2+1を見かけたら0とみなしてね,という約束だと思うことができます.この約束のおかげで,x1の平方根として機能します.こんなふうに:

x2=(x2+1)1=01(x2+10とみなした)=1

確かにx2乗が1になりました.

こうして,R1の平方根として機能する元xが導入され,R[x]/(x2+1)Cと同型になるのです.

この記事ではこれと同じようにして,可換環に新しい元を導入して新しい可換環を作ってみましょう.特に,変な環を作って遊んでみましょう!

なおあまりこの記事では厳密性を気にしません.

一般的なこと

Aを可換環とします.f(x)A[x]A係数多項式とします.多項式環A[x]の剰余環A[x]/(f(x))を考えます.

A[x]/(f(x))の元は,ある自然数nとあるa0,a1,...,anAを用いてanxn+...+a1x+a0という形に表せる元たちで,環としての演算(和と積)は多項式環A[x]と同じように行います.ただし,f(x)が登場したら0とみなします.

A[x]/(f(x))は,Aに新しい要素xを導入し,f(x)=0というルールを導入した環ということです.(ということは大雑把に言えば,A[x]/(f(x))Af(x)の根を入れて拡張した環ということになります.)

正確なことを言うと,A[x]/(f(x))は多項式環A[x]をそのイデアル(f(x))で割った剰余環なのですが,この記事では深入りはせずに,「基本は多項式環だけどf(x)を見かけたときだけ0とみなしてね!」という環と思うことにします.

一般にBを可換環,Iをそのイデアルとするとき,剰余環B/Iは,「基本はBと同じように演算してね,ただしIの元を見かけたときは0とみなしてね」という環になります.
例えばZ/3Zにおいては7=1+23=1+20=1などとなります.

えっと,とにかく具体例を見てみましょう!
簡単のため,AZまたはQの場合を考えることにします.

普通な例たち

2

基本となる環をZとして,ここに2を加えた環を作ることを考えましょう.2を根に持つZ係数の多項式を見つけましょう.f(x):=x22Z[x]とすればいいですね.

Z[x]/(x22)においては,x22を見かけたら0とみなすので,

x2=(x22)+2=0+2=2

となり,確かにx2の平方根として機能していますね!実はZ[x]/(x22)Z[2]が成り立ちます.これで望む環ができました!

ここでは2を根に持つ多項式としてf(x)=x22を考えましたが,他にも例えばg(x):=2x24なども2を根に持ちますね.ではZ[x]/(g(x))Z[2]と同型になるのかというと,実はこれは同型になりません.

どのような多項式を持ってくれば望む環と同型なものが作れるかということには実は繊細な議論が要ります.しかしこの記事ではこのことについては深掘りしません.

12

Z2の乗法逆元12を入れた環を作ることを考えましょう.f(x)=2x1とするとf(12)=0となります.

Z[x]/(2x1)においては2x1を見かけたら0とみなすので,

2x=(2x1)+1=0+1=1

となり,確かにx2の乗法逆元として機能しています.実はZ[x]/(2x1)Z[12]が成り立ちます.

一般にAを可換環,fAとするとき,A[x]/(fx1)A[1f]が成り立ちます.
ただし右辺はS:={1,f,f2,f3,...}としたときの局所化S1Aです.

異常な要素を導入しよう

この節がこの記事の本題です.普通でない環(特にCに埋め込めない環)を作って遊んでみましょう!

22

C2の平方根を2つ持ちます(±2).ここではQに普通の2とおばけの2を入れて2の平方根を4持つ環を作ってみましょう!そんなことができるのでしょうか?

変数を2つ用意して,Q[x,y]/(x22,y22)を考えます.この環においてx2=2y2=2が成り立つことについてはZ[x]/(x22)のときと同様に示せるので,よいでしょう.はい,2の平方根を4個(±x,±y)持つ環ができました!簡単ですね.

2の平方根を4個持つことから,この環はもちろんCの部分環とみなせません.どころか整域ですらないです:

Q[x,y]/(x22,y22)は整域でない.

Q[x,y]/(x22,y22)において,x+y,xy0 だが,
(x+y)(xy)=x2y2=22=0
である.よってQ[x,y]/(x22,y22)は整域でない.

一般に整域の部分環は整域なので,このことからもQ[x,y]/(x22,y22)Cの部分環とはみなせないことが言えます.(Cは体なので整域でもある.)

さて,中国式剰余定理を用いることで,この奇妙な環がよく知られた環の直積環と同型であることを示してみましょう:

環としてQ[x,y]/(x22,y22)Q[2]×Q[2]

Q[x,y]/(x22,y22)(Q[x]/(x22))[y]/(y22)Q[2][y]/(y22)=Q[2][y]/((y2)(y+2))Q[2][y]/(y2)×Q[2][y]/(y+2)(中国式剰余定理)Q[2]×Q[2].

この同型を用いて,Q[x,y]/(x22,y22)における2の平方根がちょうど4個である(5個以上はない)ことをみましょう.

上記の同型で2Q[x,y]/(x22,y22)(2,2)Q[2]×Q[2]に写ります.

(a,b)Q[2]×Q[2](a,b)2=(2,2)を満たすとすると,(a2,b2)=(2,2)によりa{±2},b{±2}がわかります.

よってQ[2]×Q[2]における(2,2)の平方根は

(2,2),(2,2),(2,2),(2,2)4個以外にはありえないことがわかります.

したがって命題2の同型によりQ[x,y]/(x22,y22)における2の平方根もちょうど4個であることがわかります.(±x,±yで全てです.)

1212

前節と同様にすると,122個持つ環を作ることができそうに思えます.ところがこれはできません!このことをみてみましょう.

Zに普通の12とおばけの12を入れることを考えてみましょう.前節と同様にZ[x,y]/(2x1,2y1)を考えればよさそうですね.

この環自体は矛盾なく定義できます.また,2x=1,2y=1が成り立つのもZ[x]/(2x1)のときと同様です.したがってx,yはともに2の乗法逆元です.

...え?じゃあ122個持つ環ができたのでは???

ところがどっこい,次のようにしてx=yが示せるので,12は実は1個しかないのです:

Z[x,y]/(2x1,2y1)において,x=y

x=1x=2yx(2y=1)=y2x=y1(2x=1)=y

(この証明は,一般の群(あるいはモノイド)における逆元の一意性を示す証明と同じですね.)

Z[x,y]/(2x1,2y1)はさっきのZ[12]と同型になります:

環としてZ[x,y]/(2x1,2y1)Z[12]

Z[x,y]yx=x(2y1)y(2x1)(2x1,2y1)であることに注意すると,(2x1,2y1)=(yx,2x1)なので,
Z[x,y]/(2x1,2y1)=Z[x,y]/(yx,2x1)Z[x]/(2x1)Z[12].

証明の途中でZ[x,y]/(2x1,2y1)=Z[x,y]/(yx,2x1)とあります.右辺を見ることで,環Z[x,y]/(2x1,2y1)は「yx2x1を見かけたら0とみなす」環であることがわかります.よって,y=(yx)+x=0+x=xです.

12として機能するものとして2つの元xyを導入したものの,結局y=xなのでこれらは同じものだよ,ということになっていて,122つ導入したつもりが1つしか導入できていないということになっているのです.

さて,一般にAを可換環,aAとしたとき,aAにおける乗法逆元は(存在すれば)一意です.このことは命題3の証明と同様にすればわかります.なのでどのような方法を使っても2の乗法逆元122個以上持つ環を作ることはできないのです.

24個にできたのに,121個までしか作れないというのは,ちょっと不思議ですね.

dual numberの環

Q[x]/(x2)dual numberの環と呼ばれるものの1つです.この環ではx2=0が成り立ちます.にもかかわらず,x0です.

また,n2に対してxn=x2xn2=0となります.そのためこの環の元はa,bQを用いてax+bと書けます.

任意のaQに対して(ax)2=a2x2=0なので,Q[x]/(x2)0の平方根を無限に持ちます!

0の逆数

Z2の乗法逆元12を導入したときと同じようにして,0の乗法逆元を導入してみましょう!12を導入したときはZ[x]/(2x1)を考えたので,今度はZ[x]/(0x1)を考えればよさそうです.

Z[x]/(0x1)においては0x1を見かけたら0とみなすので,

0x=(0x1)+1=0+1(0x10とみなした)=1

となり,確かにx0の乗法逆元として機能していますね!

この環においては,全ての元が等しいです:

f,gZ[x]/(0x1)に対して,
f=1f=0xf(1=0x)=0xf=0
同様にg=0.ゆえにf=0=g

したがって,Z[x]/(0x1)はただ1つの元からなります.ただ1つの元からなる環を零環と呼びます.Z[x]/(0x1)は零環です.

おまけ

αCを超越数とすると,Q[α]Q[x]となります.

αCを超越数とするとき,環としてQ[α]Q[x].

xαに写すQ代数の準同型
φ:Q[x]Q[α]f(x)f(α)
を考える.φは全射.あとはKer(φ)={0}を示せばφの単射も言えるので,φの同型が言え,証明が終わる.

f(x)Ker(φ)を任意にとる.0=φ(f(x))=f(α).今,αは超越数なので,f(x)=0Q[x]

特にQ[π]Q[x]です.

投稿日:2024810
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