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大学数学基礎解説
文献あり

ミッタク=レフラーの部分分数展開定理

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はじめに

 この記事ではMittag-Leffler’s Expansion Theorem(ミッタク=レフラーの部分分数展開定理)について解説していきます。
 ミッタク=レフラーの部分分数展開定理とは以下のような主張のことを言います。

ミッタク=レフラーの部分分数展開定理

 C上の有理型関数fがある整数pと非有界単調増加列{rn}に対しlimnmax|z|=rn|f(z)|rnp+1=0
を満たすとき
f(z)=f0(z)+k=0pF(k)(0)k!zk+α:poles(fα(z)k=0pfα(k)(0)k!zk)
が成り立つ。ただしα:polesf0以外の全ての極を渡るものとし、fαz=αにおけるfのローラン展開の主要部、FF=ff0とした(つまり一項目二項目はz=0におけるローラン展開をk=pで打ち切ったもの)。

 この主張は、困ったことに、一般的な名前が付いていないようで、色々と文献を漁ってみても文献によって表記が違ったりそもそも定理名の表記が無かったりしてます。どちらかというと単にミッタク=レフラーの定理と呼ばれる以下の主張が一般的に部分分数展開といえばコレと挙げられる定理になっているようです。

ミッタク=レフラーの定理

 集積点を持たない互いに異なる複素数の列{an}と定数項が0である多項式の列{Pn(z)}が任意に与えられたとき、任意のnに対してz=anにおけるローラン展開の主要部がPn((zan)1)となるようなある有理型関数fが存在する。

 またその証明から系として以下の主張が得られます。

ミッタク=レフラーの定理

 定理2の主張を満たす任意のfについてある整関数gと整数列{pn}があって
f(z)=g(z)+n=1(fn(z)k=0pnfn(k)(0)k!zk)
が成り立つ。ただしfn(z)=Pn((zan)1)とおいた。

 こうしてみるとわかる通り正則関数の因数分解と部分分数展開にまつわる定理には

という類似があることがわかります。
 例えば上記2つの因数分解定理の記事でsinxの因数分解を考えたようにcotxの部分分数展開を考えてみましょう。

具体例

 cotzの極z=πn(nZ)におけるローラン展開の主要部は1zπnであるからミッタク=レフラーの定理より
cotz=g(z)+n=(1zπn+k=0pnzk(πn)k)
と表せる。具体的にはpn=1と取れ
cotz=g(z)+1z+n=1(1zπn+1πn+1z+πn1πn)=g(z)+1z+n=12zz2π2n2
となることまではわかるがg(z)が何であるかまではわからない。
(一応周期性からg(z)の有界性を示しリウヴィルの定理からg(z)=0を得ることもできる。)
 しかしミッタク=レフラーの部分分数展開定理を使えばcotzについてp=0とできることは簡単に示せる(この記事の最後に説明する)ので
g(z)=limz0(cotz1z)=0
g(z)を決定することができるわけです。
 ちなみに先ほど因数分解と部分分数展開にまつわる定理に類似性があると言いましたがsinzcotz
ddzlogsinz=cotz
という関係にあるように、一位の極しか持たない有理型関数の部分分数展開については対数微分によって直接因数分解の話と結びついていると言えます。

ミッタク=レフラーの定理

 まず弱い方の主張であるミッタク=レフラーの定理の証明を紹介しておく。

 fn(z)=Pn((zan)1)は収束半径|an|のテイラー展開
fn(z)=k=0fn(k)(0)k!zk
を持ち、その一様収束性から|z|<|an|/2なる任意のzに対し
|k=pn+1fn(k)(0)k!zk|<2n
となるような整数pnが取れる。このとき
Qn(z)=k=0pnfn(k)(0)k!zk,h(z)=n=1(fn(z)Qn(z))
とおくとh(z)fk(z)z=ak周りで正則なことを示す。
 いま任意にR>|ak|を取り
h(z)fk(z)=|an|2Rnkfn(z)|an|2RQn(z)+|2R<|an|(fn(z)Qn(z))|
と分けると、一、二項目は有限和なのでz=ak周りで正則であり、三項目についてはpnの取り方から|z|<Rにおいて
|2R<|an|(fn(z)Qn(z))|<n=12n=1
と一様収束しているので主張を得る。
 系については任意のfに対しg=fhは整関数であるというだけのことである。

ミッタク=レフラーの部分分数展開定理

 いまf0の取り方から
|f0(z)|=O(|z|1)0(as |z|)
つまり
limnmax|z|=rn|f(z)f0(z)|rnp+1limnmax|z|=rn|f(z)|+max|z|=rn|f0(z)|rnp+1=0
が成り立つのでff0を改めてfとおくことでfz=0において極を持たないものとしてよい。
 ミッタク=レフラーの部分分数展開定理は アダマールの因数分解定理 と違って込み入った話をする必要はなく、留数定理から簡単に示すことができる。証明の核となるのは以下の等式である。

 任意のzに対し
limn12πi|w|=rnf(w)wp+1(wz)dw=0
が成り立つ。

limnmax|z|=rn|f(z)|rnp+1=0
に注意すると
|12πi|w|=rnf(w)wp+1(wz)dw|2πrn2πmax|w|=rn|f(w)|rnp+1(rn|z|)0(as n)
を得る。

f(z)=Resw=0zp+1f(w)wp+1(zw)+α:polesResw=αzp+1f(w)wp+1(zw)

 留数定理より
12πi|w|=rnf(w)wp+1(wz)dw=Resw=zf(w)wp+1(wz)+Resw=0f(w)wp+1(wz)+α:poles|α|<rnResw=αf(w)wp+1(wz)=f(z)zp+1+Resw=0f(w)wp+1(wz)+α:poles|α|<rnResw=αf(w)wp+1(wz)
が成り立つのでこのn極限を取ることで主張を得る。

 以下、この右辺が求める形となっていることを示す。

Resw=0zp+1f(w)wp+1(zw)=k=0pf(k)(0)k!zk

 十分小さいr>0に対し
Resw=0zp+1f(w)wp+1(zw)=12πi|w|=rzpf(w)wp+1(1wz)dw=k=0(12πi|w|=rf(w)wp+1kdw)zpk=k=0pf(pk)(0)(pk)!zpk
とわかる。

Resw=α(zp+1f(w)wp+1(zw))=fα(z)k=0pfα(k)(0)k!zk

zp+1wp+1(zw)=1zw+1wp+1zp+1wp+1zw=1zw+k=0pzkwk+1
と部分分数分解できるので
Resw=α(f(w)zw)=fα(z)Resw=α(f(w)wk+1)=fα(k)(0)k!
となることを示せばよい。

第一式について

 ローラン展開の導出を思い出すと明らか。つまりr<|zα|に対し
Resw=α(f(w)zw)=12πi|wα|=rf(w)zwdw=12πi|wα|=rf(w)zα11wαzαdw=k=0(12πi|wα|=r(wα)kf(w)dw)1(zα)k+1=fα(z)
とわかる。

第二式について

Resw=α(f(w)wk+1)=Resw=α(fα(w)wk+1)
に注意する。
 いまzにおいて
fα(z)=n=1man(zα)n=O(1z)
と評価できるので
|12πi|w|=Rfα(w)wk+1dw|2πR2πO(1/R)Rk+10(R)
が成り立つ。したがって
Resw=α(fα(w)wk+1)=Resw=0(fα(w)wk+1)=fα(k)(0)k!
を得る。

 以上より
f(z)=k=0pf(k)(0)k!zk+α:poles(fα(z)k=0pfα(k)(0)k!zk)
を得る。

ミッタク=レフラーの部分分数展開定理の仮定について

 上で見たようにミッタク=レフラーの部分分数展開定理の導出の肝は補題4であり、一般になんらかの閉経路Cnに対し
12πiCnf(w)wp+1(wz)dw0(n)
が成り立てば同じ議論ができることに注意されたい。
 特にCnの長さをlninfzCn|z|=rnと置いたとき
limnlnrnmaxzCn|f(z)|rnp+1=0
と仮定すれば十分である。

cotzの部分分数展開

 この節では上で見た部分分数展開定理の具体例において保留にしていた「p=0とできる」の部分の説明をしていきます。いま
|cotz|=|cosz||sinz|=|1sin2z1|
と表せるので|cotz|の代わりに1/|sinz|の挙動について考えることにします。
 ただ
|sinz|2=|sinxcoshy+icosxsinhy|2=sin2xcosh2y+cos2xsinh2y(sin2xsinh2ysin2xsinh2y)=sin2x+sinh2y
なのでmin|z|=r|sinz|は...と考えると少し面倒です(一応頑張ればこれがsinrになることは示せますが)。
 なので上で注意として言及したようにもっと簡単な経路Cnを持ってくることにします。
 具体的にはrn=2πn+π2とおいて正方形状の経路Cn
Cn:rn+irnrn+irnrnirnrnirnrn+irn
と定めます。するとzCnにおいて

  • x=±rnのとき|sinz|2=1+sinh2y1
  • y=±rnのとき|sinz|2=sin2x+sinh2rnsinh2rn>1

つまりminzCn|sinz|=1と求まり
limnmaxzCn|cotz|rnlimnmaxzCn1|sinz|2+1rn=limn1+1rn=0
が成り立つのでp=0とできることがわかります。

参考文献

投稿日:2021122
更新日:2024119
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投稿者

子葉
子葉
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主に複素解析、代数学、数論を学んでおります。 私の経験上、その証明が簡単に探しても見つからない、英語の文献を漁らないと載ってない、なんて定理の解説を主にやっていきます。 同じ経験をしている人の助けになれば。最近は自分用のノートになっている節があります。

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