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凸関数がほとんど至るところ2回微分可能であることの証明 ④

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前回まで:
(1) 凸関数がほとんど至るところ2回微分可能であることの証明①
(2) 凸関数がほとんど至るところ2回微分可能であることの証明②
(3) 凸関数がほとんど至るところ2回微分可能であることの証明③

この記事は「R上の凸関数はほとんど至るところ2回微分可能である」ことを示すためのものである。今回は前回の結果を用いて、1つの定理を証明する。

目次

1.準備
2.定理の証明

準備

μを1次元Lebesgue測度、LRのLebesgue可測な部分集合全体とする。今回は次の定理を示すことを目標とする。

(R,L,μ)の局所可積分関数fを任意にとる。そこで
F(x):=0xf(y)dy(xR)
と定めると、
limh0F(x+h)F(x)h=f(x)
μ-a.e.xRで成り立つ。

fが連続であるときは、これはよく知られた定理である。証明には前回得た結果を使用する。

(R,L,μ)の局所可積分関数fに対して、
lims,t+01s+txsx+tf(y)dy=f(x)
μ-a.e.xRで成り立つ。

定理2の証明は 凸関数がほとんど至るところ2回微分可能であることの証明③ を参照。

定理の証明

定理1の証明

定理2より
xRNlims,t+01s+txsx+t(f(y)f(x))dy=0
となる零集合Nが存在する。そこで任意にxRNをとる。

  • 任意のh>0に対して
    lims+01s+hxsx+hf(y)dy=1hxx+hf(y)dy
    が成り立つ。実際、
    • lims+01s+h=1h,
    • lims+0|xsxf(y)dy|lims+0xsx|f(y)|dy=0(調)

となるので、これは正しい。

  • 任意のε>0に対して
    0<s,t<δ|1s+txsx+t(f(y)f(x))dy|<ε
    となるδ>0が存在する。このとき任意のh(0,δ)に対して
    |F(x+h)F(x)hf(x)|=|1hxx+hf(y)dyf(x)|=|lims+01s+hxsx+hf(y)dyf(x)|=|lims+01s+hxsx+h(f(y)f(x))dy|ε
    となる。よって
    limh+0F(x+h)F(x)h=f(x)である。上と同様の議論によって
    limh+0F(x)F(xh)h=f(x)
    となることもわかるので、結局
    limh0F(x+h)F(x)h=f(x)
    である。

今回は終わり。
次回はLipschitz連続な関数fがa.e.で微分可能であることや、f+¯(x)=lim suph+0f(x+h)f(x)h(xR)と定めたときに
f(x)f(0)=0xf+¯(y)dy
となること等について議論する。
次回: 凸関数がほとんど至るところ2回微分可能であることの証明⑤

投稿日:202349
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